/*

*/
#define method_1
#ifdef method_1
/*
分析题意可知，假设存在一对节点a和b，满足a是b的祖先，那么如果从根节点对图进行深度优先遍历，a一定会比b先被访问到。换句话说，假设根节点的深度为0，那么树上每个节点的深度就是以这个节点为b所产生的贡献。
*/
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<set>
#include<map>
#include<queue>
#include<stack>
#include<vector>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn=10000+5;
const ll INF=0x3f3f3f3f3f3f3f3fll;
int n;
struct node{
    int from,to;
}edge[maxn*2];
int head[maxn*2];
int cnt=0;
void add(int u,int v){
    edge[++cnt].to=v;
    edge[cnt].from=head[u];
    head[u]=cnt;
}
ll ans=0;
void dfs(int x,int fa,int deep,int tot){
    //当前访问节点为x 父节点为fa 访问深度为deep 访问节点个数为tot
    if(tot==n){ //如果n个节点都已经遍历过了 就返回
        return;
    }
    ans+=deep; //累加到答案里头
    //cout<<x<<endl;
    //cout<<deep<<endl;
    for(int i=head[x]; ~i; i=edge[i].from){ //链式前向星存储边集
        int v=edge[i].to; //存在一条x到v的边
        if(v!=fa){ //避免访问到父节点
            dfs(v,x,deep+1,tot+1); //v是x的子节点 继续访问 访问深度+1 访问节点数量+1
        }
    }
}
int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    //freopen("卜算子.in","r",stdin);
    memset(head,-1,sizeof(head));
    cin>>n;
    int a,b;
    for(int i=1;i<=n-1;i++){
        cin>>a>>b;
        add(a,b);
        add(b,a); //双向边
    }
    int rt;
    cin>>rt; //输入根节点
    dfs(rt,-1,0,1); //从根节点开始建树，根节点的父节点设为-1 目前深度为0 已经遍历过的节点的个数为1
    cout<<ans;
    return 0;
}
#endif
#ifdef method_2
/*

*/

#endif
#ifdef method_3
/*

*/

#endif