这题告诉了我语文不好没法打acm，首先题目说“***她会立即增加一些耐心值，这个值等于上一题消耗的耐心值的一半。***”，我一开始的理解上一题有按顺序1 2 3 4 5,2的上一题是1这样，再后来我以为解决了第二题后，第三题解决不了，解决第四题的时候加的是上一个解决的题目，后来我才知道，***题目其实想说的是解决了第i题 加第i题的耐心值。***也就是说，p=p-a[i]+a[i]/2.0=p-a[i]/2.0
还有，题目说“***她做高数的时候总是喜欢从前往后做***”，题目并没说做完了还可以回头的，因为我做高数从来都是一遍过去就100了，这是这一点体现在案例里
最后一个，题目说“***只要大柱做的只剩下最后一题时***”，我以为是按顺序的做到最后一题了，结果我发现是那种差一题AK(ALL KILL)的时候那种，而且，只剩下一题这个只能翻倍一次。
题目解析完了，没有歧义之后，其实就很容易了，只要开一个数组存值，然后遍历一遍就够了，用一个int型变量index来记录最后一道做不出来的题目，和一个cnt记录A了几题。如果只差一题AK的时候,要翻倍。遍历结束后，如果只差一题AK且不是最后一题，才有讨论的必要，因为，如果AK就不用管了，如果差两题，因为是p-=a[i]/2.0，所以是一直递减的，所以之前如果A不了，现在也A不了，只有差一题AK才有继续A的机会，首先p要翻倍，然后如果能A就-a[i]/2.0，不能就算了。
时间复杂度O(n).
这题其实水的很，数组只要开5就够大了

#include<iostream>
using namespace std;
int main() {
    int m, cnt, n, index, a[5];
    double p;
    scanf("%d", &m);
    while (m--) {
        scanf("%lf%d", &p, &n);
        for (int i = 0; i < n; ++i)scanf("%d", a + i);
        index = cnt = 0;
        for (int i = 0; i < n; ++i) {
            if (cnt == n - 1)p *= 2;
            if (p >= a[i]) {
                p -= a[i] / 2.0;
                ++cnt;
            }
            else index = i;
        }
        if (cnt == n - 1 && index != n - 1) {
            p *= 2;
            if (p >= a[index]) {
                p -= a[index] / 2.0;
                ++cnt;
            }
        }
        cout << cnt << ' ' << p << endl;
    }
    return 0;
}