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「CSP2020 S」笔试

「CSP2020 S」笔试

测试数据来自 oistream/1143

说明与提示

本题为笔试评测,具体评测方式请参考 7FOJ 笔试评测方式

因为 Vijos 不支持浮点数测试点分值,因此本题所有小题分数均做 ×2\times 2 处理,本题满分为 200200 分,您的实际得分为本题得分 ÷2\div 2

一、单项选择题

1.请选出以下最大的数( )

A.(550)10(550)_{10}

B. (777)8( 777 )_8

C. 2102^{10}

D. (22F)16( 22\text{F})_{16}


2.操作系统的功能是( )。

A. 负责外设与主机之间的信息交换

B. 控制和管理计算机系统的各种硬件和软件资源的使用

C. 负责诊断机器的故障

D. 将源程序编译成目标程序


3.现有一段 88 分钟的视频文件,它的播放速度是每秒 2424 帧图像,每帧图像是一幅分辨率为 2048×10242048\times 1024 像素的 3232 位真彩色图像。请问要存储这段原始无压缩视频,需要多大的存储空间?( )。

A. 30 G30~\text{G}

B. 90 G90~\text{G}

C. 150 G150~\text{G}

D. 450 G450~\text{G}


4.今有一空栈 SS,对下列待进栈的元素序列 a,b,c,d,e,fa,b,c,d,e,f 依次进行:进栈,进栈,出栈,进栈,进栈,出栈的操作,则此操作完成后,栈底元素为( )。

A. bb

B. aa

C. dd

D. cc


5.将 (2,7,10,18)(2,7,10,18) 分别存储到某个地址区间为 0100\sim 10 的哈希表中,如果哈希函数 h(x)=h(x)=( ),将 不会 产生冲突,其中 amod  ba\mod b 表示 aa 除以 bb 的余数。

A. x2mod  11x^2\mod 11

B. 2×xmod  112\times x\mod 11

C. xmod  11x\mod 11

D. x2mod  11\Big\lfloor\dfrac{x}{2}\Big\rfloor\mod 11


6.下列哪些问题 不能 使用贪心法精确求解?( )

A. 霍夫曼编码问题

B. 0-1 背包问题

C. 最小生成树问题

D. 单源最短路径问题


7.具有 nn 个顶点,ee 条边的图采用邻接表存储结构,进行深度优先遍历运算的时间复杂度为( )。

A. Θ(n+e)\Theta(n+e)

B. Θ(n2)\Theta(n^2)

C. Θ(e2)\Theta(e^2)

D. Θ(n)\Theta(n)


8.二分图是指能将顶点划分成两个部分,每一部分内的顶点间没有边相连的简单无向图。那么, 2424 个顶点的二分图 至多 有( )条边。

A. 144144

B. 100100

C. 4848

D. 122122


9.广度优先搜索时,一定需要用到的数据结构是( )。

A. 栈

B. 二叉树

C. 队列

D. 哈希表


10.一个班学生分组做游戏,如果每组三人就多两人,每组五人就多七人,每组七人就多四人,问这个班的学生人数 nn 在以下哪个区间?已知 n<60n\lt 60。( )。

A. 30<n<4030\lt n\lt 40

B. 40<n<5040\lt n\lt 50

C. 50<n<6050\lt n\lt 60

D. 20<n<3020\lt n\lt 30


11.小明想通过走楼梯来锻炼身体,假设从第 11 层走到第 22 层消耗 1010 卡热量,接着从第 22 层走到第 33 层消耗 2020 卡热量,再从第 33 层走到第 44 层消耗 3030 卡热量,依此类推,从第 kk 层走到第 k+1k+1 层消耗 10×k10\times k 卡热量 (k>1)(k\gt 1)。如果小明想从 11 层开始,通过连续向上爬楼梯消耗 10001000 卡热量,**至少** 要爬到第几层楼?( )。

A. 1414

B. 1616

C. 1515

D. 1313


12.表达式 a*(b+c)-d 的后缀表达形式为( )。

A. abc*+d-

B. -+*abcd

C. abcd*+-

D. abc+*d-


13.从一个 4×44\times 4 的棋盘中选取不在同一行也不在同一列上的两个方格,共有( )种方法。

A. 6060

B. 7272

C. 8686

D. 6464


14.对一个 nn 个顶点、mm 条边的带权有向简单图用 Dijkstra\text{Dijkstra} 算法计算单源最短路时,如果不使用堆或其它优先队列进行优化,则其时间复杂度为( )。

A. Θ((m+n2)logn)\Theta\big((m+n^2)\log n\big)

B. Θ(mn+n3)\Theta(mn+n^3)

C. Θ((m+n)logn)\Theta\big((m+n)\log n\big)

D. Θ(n2)\Theta(n^2)


15.19481948 年,( )将热力学中的熵引入信息通信领域,标志着信息论研究的开端。

A. 欧拉(Leonhard Euler\text{Leonhard Euler}

B. 冯 · 诺依曼(John von Neumann\text{John von Neumann}

C. 克劳德 · 香农(Claude Shannon\text{Claude Shannon}

D. 图灵(Alan Turing\text{Alan Turing}

二、阅读程序

1.

#include <iostream>
using namespace std;

int n;
int d[1000];

int main() {
    cin >> n;
    for (int i = 0; i < n; ++i)
        cin >> d[i];
    int ans = -1;
    for (int i = 0; i < n; ++i)
        for (int j = 0; j < n; ++j) // 第 13 行
            if (d[i] < d[j]) // 第 14 行
                ans = max(ans, d[i] + d[j] - (d[i] & d[j]));
    cout << ans;
    return 0;
}

假设输入的 nndid_i 都是不超过 1000010000 的正整数,完成下面的判断题和单选题:

判断题

(1) nn 必须小于 10001000,否则程序 可能 会发生运行错误。( )

(2) 输出 一定 大于等于 00。( )

(3) 若将第 1313 行的 j = 0 改为 j = i + 1 ,程序输出 可能 会改变。( )

(4) 将第 1414 行的 d[i] < d[j] 改为 d[i] != d[j] ,程序输出 不会 改变。( )

单选题

(5) 若输入 nn100100,且输出为 127127 ,则输入的 did_i 中不可能有( )。

A. 127127

B. 126126

C. 128128

D. 125125

(6) 若输出的数大于 00,则下面说法 正确 的是( )。

A. 若输出为偶数,则输入的 did_i最多 有两个偶数。

B. 若输出为奇数,则输入的 did_i至少 有两个奇数。

C. 若输出为偶数,则输入的 did_i至少 有两个偶数。

D. 若输出为奇数,则输入的 did_i最多 有两个奇数。


2.

#include <iostream>
#include <cstdlib>
using namespace std;

int n;
int d[10000];

int find(int L, int R, int k) {
    int x = rand() % (R - L + 1) + L; // 第 9 行
    swap(d[L], d[x]);
    int a = L + 1, b = R;
    while (a < b) {
        while (a < b && d[a] < d[L])
            ++a;
        while (a < b && d[b] >= d[L])
            --b;
        swap(d[a], d[b]); // 第 17 行
    }
    if (d[a] < d[L]) // 第 19 行
        ++a;
    if(a - L == k)
        return d[L];
    if(a - L < k)
        return find(a, R, k - (a - L));
    return find(L + 1, a - 1, k);
}

int main() {
    int k;
    cin >> n;
    cin >> k;
    for (int i = 0; i < n; ++i)
        cin >> d[i];
    cout << find(0, n - 1, k);
    return 0;
}

假设输入的 n,kn, kdid_i 都是不超过 1000010000 的正整数,且 kk 不超过 nn,并假设 rand() 函数产生的是均匀的随机数,完成下面的判断题和单选题:

判断题

(1) 第 99 行的 xx 的数值范围是 L+1L+1RR,即 [L+1,R][L+1,R]。( )

(2) 将第 1919 行的 d[a] 改为 d[b],程序 不会 发生运行错误。( )

单选题

(3) 2.52.5 分) 当输入的 did_i 是严格 单调递增 序列时,第 1717 行的 swap 的平均执行次数是( )。

A. Θ(nlogn)\Theta(n\log n)

B. Θ(n)\Theta(n)

C. Θ(logn)\Theta (\log n)

D. Θ(n2)\Theta (n^2)

(4) 2.52.5 分) 当输入的 did_i 是严格 单调递减 序列时,第 1717 行的 swap 平均执行次数是( )。

A. Θ(n2)\Theta(n^2)

B. Θ(n)\Theta(n)

C. Θ(nlogn)\Theta(n\log n)

D. Θ(logn)\Theta(\log n)

(5) 2.52.5 分) 若输入的 did_iii,此程序 ① 平均时间复杂度 和 ② 最坏情况下的时间复杂度 分别是( )。

A. Θ(n)Θ(n2)\Theta(n)\quad\Theta(n^2)

B. Θ(n)Θ(nlogn)\Theta(n)\quad\Theta(n\log n)

C. Θ(nlogn)Θ(n2)\Theta(n\log n)\quad\Theta(n^2)

D. Θ(nlogn)Θ(nlogn)\Theta(n\log n)\quad\Theta(n\log n)

(6) 2.52.5 分) 若输入的 did_i 都为同一个数,此程序平均的时间复杂度是( )。

A. Θ(n)\Theta(n)

B. Θ(logn)\Theta(\log n)

C. Θ(nlogn)\Theta(n\log n)

D. Θ(n2)\Theta(n^2)


3.

#include <iostream>
#include <queue>
using namespace std;

const int maxl = 2000000000;

class Map {
        struct item {
            string key; int value;
        } d[maxl];
        int cnt;
    public:
        int find(string x) {
            for (int i = 0; i < cnt; ++i)
                if (d[i].key == x)
                    return d[i].value;
            return -1;
        }
        static int end() { return -1; }
        void insert(string k, int v) {
            d[cnt].key = k; d[cnt++].value = v;
        }
} s[2];

class Queue {
        string q[maxl];
        int head, tail;
    public:
        void pop() { ++head; }
        string front() { return q[head + 1]; }
        bool empty() { return head == tail; }
        void push(string x) { q[++tail] = x; }
} q[2];

string st0, st1;
int m;

string LtoR(string s, int L, int R) {
    string t = s;
    char tmp = t[L];
    for (int i = L; i < R; ++i)
        t[i] = t[i + 1];
    t[R] = tmp;
    return tmp;
}

string RtoL(string s, int L, int R) {
    string t = s;
    char tmp = t[R];
    for (int i = R; i > L; --i)
        t[i] = t[i - 1];
    t[L] = tmp;
    return t;
}

bool check(string st, int p, int step) {
    if (s[p].find(st) != s[p].end())
        return false;
    ++step;
    if (s[p ^ 1].find(st) == s[p].end()) {
        s[p].insert(st, step);
        q[p].push(st);
        return false;
    }
    cout << s[p ^ 1].find(st) + step << endl;
    return true;
}

int main() {
    cin >> st0 >> st1;
    int len = st0.length();
    if (len != st1.length()) {
        cout << -1 << endl;
        return 0;
    }
    if (st0 == st1) {
        cout << 0 << endl;
        return 0;
    }
    cin >> m;
    s[0].insert(st0, 0); s[1].insert(st1, 0);
    q[0].push(st0); q[1].push(st1);
    for (int p = 0;
        !(q[0].empty() && q[1].empty()); 
        p ^= 1) {
        string st = q[p].front(); q[p].pop();
        int step = s[p].find(st);
        if ((p == 0 &&
                (check(LtoR(st, m, len - 1), p, step) || 
                 check(RtoL(st, 0, m), p, step)))
                     ||
            (p == 1 &&
                (check(LtoR(st, 0, m), p, step) ||
                 check(RtoL(st, m, len - 1), p, step))))
            return 0;
    }
    cout << -1 << endl;
    return 0;
}

判断题

(1) 输出 可能00。( )

(2) 若输出的两个字符串长度均为 101101 时,则 m=0m=0 时的输出与 m=100m=100 时的输出是一样的。( )

(3) 若两个字符串的长度均为 nn ,则最坏情况下,此程序的时间复杂度为 Θ(n!)\Theta(n!)。( )

单选题

(4) 2.52.5 分) 若输入的第一个字符串长度由 100100 个不同的字符构成,第二个字符串是第一个字符串的倒序,输入的 mm00,则输出为( )。

A. 4949

B. 5050

C. 100100

D. 1-1

(5) 44 分) 已知当输入为 0123\n3210\n1 时输出为 44,当输入为 012345\n543210\n1 时输出为 1414,当输入为 01234567\n76543210\n1 时输出为 2828,则当输入为 0123456789ab\bba9876543210\n1 时输出为( )。其中 \n 为换行符。

A. 5656

B. 8484

C. 102102

D. 6868

(6) 44 分) 若两个字符串的长度均为 nn,且 0<m<n10\lt m\lt n-1,且两个字符串的构成相同(即任何一个字符在两个字符串中出现的次数均相同),则下列说法 正确 的是( )。提示:考虑输入与输出有多少对字符前后顺序不一样。

A. 若 n,mn,m 均为奇数,则输出 可能 小于 00

B. 若 n,mn,m 均为偶数,则输出 可能 小于 00

C. 若 nn 为奇数、mm 为偶数,则输出 可能 小于 00

D. 若 nn 为偶数、mm 为奇数,则输出 可能 小于 00

三、完善程序

1.**分数背包** · 小 S\text{S}nn 块蛋糕,编号从 11nn 。第 ii 块蛋糕的价值是 wiw_i ,体积是 viv_i。他有一个大小为 BB 的盒子来装这些蛋糕,也就是说装入盒子的蛋糕的体积总和不能超过 BB

他打算选择一些蛋糕装入盒子,他希望盒子里装的蛋糕的价值之和尽量大。

为了使盒子里的蛋糕价值之和更大,他可以任意切割蛋糕。具体来说,他可以选择一个 α (0<α<1)\alpha~(0\lt \alpha\lt 1) ,并加一块价值是 ww,体积为 vv 的蛋糕切割成两块,其中一块的价值是 α×w\alpha\times w,体积是 α×v\alpha\times v,另一块的价值是 (1α)×w(1-\alpha)\times w,体积是 (1α)×v(1-\alpha)\times v。他可以重复无限次切割操作。

现要求编程输出最大可能的价值,以分数的形式输出。

比如 n=3,B=8n=3,B=8,三块蛋糕的价值分别是 444422,体积分别是 553322。那么最优的方案就是将体积为 55 的蛋糕切成两份,一份体积是 33,价值是 2.42.4,另一份体积是 22,价值是 1.61.6,然后把体积是 33 的那部分和后两块蛋糕打包进盒子。最优的价值之和是 8.48.4,故程序输出 42/5

输入的数据范围为:1n10001\leq n\leq 10001B1051\leq B\leq 10^51wi,vi1001\leq w_i,v_i\leq 100

提示:将所有的蛋糕按照性价比 wivi\dfrac{w_i}{v_i} 排序后进行贪心选择。

试补全程序。

#include <cstdio>
using namespace std;

const int maxn = 1005;

int n, B, w[maxn], v[maxn];

int gcd(int u, int v) {
    if(v == 0)
        return u;
    return gcd(v, u % v);
}

void print(int w, int v) {
    int d = gcd(w, v);
    w = w / d;
    v = v / d;
    if(v == 1)
        printf("%d\n", w);
    else
        printf("%d/%d\n", w, v);
}

void swap(int &x, int &y) {
    int t = x; x = y; y = t;
}

int main() {
    scanf("%d %d", &n, &B);
    for(int i = 1; i <= n; i ++) {
        scanf("%d%d", &w[i], &v[i]);
    }
    for(int i = 1; i < n; i ++)
        for(int j = 1; j < n; j ++)
            if() {
                swap(w[j], w[j + 1]);
                seap(v[j], v[j + 1]);
            }
    int curV, curW;
    if() {} else {
        print(B * w[1], v[1]);
        return 0;
    }
    
    for(int i = 2; i <= n; i ++)
        if(curV + v[1] <= B) {
            curV += v[i];
            curW += w[i]; 
        } else {
            print();
            return 0;
        }
    print();
    return 0;
}

(1) ① 处应填( )。

A. w[j] / v[j] < w[j + 1] / v[j + 1]

B. w[j] / v[j] > w[j + 1] / v[j + 1]

C. v[j] * w[j + 1] < v[j + 1] * w[j]

D. w[j] * v[j + 1] < w[j + 1] * v[j]

(2) ② 处应填( )。

A. w[1] <= B

B. v[1] <= B

C. w[1] >= B

D. v[1] >= B

(3) ③ 处应填( )。

A. print(v[1], w[1]); return 0;

B. curV = 0; curW = 0;

C. print(w[1], v[1]); return 0;

D. curV = v[1]; curW = w[1];

(4) ④ 处应填( )。

A. curW * v[i] + curV * w[i], v[i]

B. (curW - w[i]) * v[i] + (B - curV) * w[i], v[i]

C. curW + v[i], w[i]

D. curW * v[i] + (B - curV) * w[i], v[i]

(5) ⑤ 处应填( )。

A. curW, curV

B. curW, 1

C. curV, curW

D. curV, 1


2.**最优子序列** · 取 m=16m=16,给出长度为 nn 的整数序列 a1,a2,,an (0ai<2m)a_1,a_2,\cdots,a_n~(0\leq a_i\lt 2^m)。对于一个二进制数 xx,定义其分值 w(x)w(x)x+popcnt(x)x+\text{popcnt}(x),其中 popcnt(x)\text{popcnt}(x) 表示 xx 二进制表示中 11 的个数。对于一个子序列 b1,b2,,bkb_1,b_2,\cdots,b_k,定义其子序列分值 SSw(b1b2)+w(b2b3)+w(b3b4)++w(bk1bk)w(b_1\oplus b_2)+w(b_2\oplus b_3)+w(b_3\oplus b_4)+\cdots+w(b_{k-1}\oplus b_k)。其中 \oplus 表示按位异或。对于空子序列,规定其子序列分值为 00。求一个子序列使得其子序列分值最大,输出这个最大值。

输入第一行包含一个整数 n (1n40000)n~(1\leq n\leq 40000)。接下来一行包含 nn 个整数 a1,a2,,ana_1,a_2,\cdots,a_n

提示:考虑优化朴素的动态规划算法,将前 m2\dfrac{m}{2} 位和后 m2\dfrac{m}{2} 位分开计算。

Maxx,y\text{Max}_{x,y} 表示当前的子序列下一个位置的高 88 位是 xx、最后一个位置的低 88 位是 yy 时的最大价值。

试补全程序。

#include <iostream>

using namespace std;

typedef long long LL;

const int MAXN = 40000, M = 16, B = M >> 1, MS = (1 << B) - 1;
const LL INF = 1000000000000000LL;
LL Max[MS + 4][MS + 4];

int w(int x)
{
    int s = x;
    while (x)
    {;
        s++; 
    }
    return s;
}

void to_max(LL &x, LL y)
{
    if (x < y)
        x = y;
}

int main()
{
    int n;
    LL ans = 0;
    cin >> n;
    for (int x = 0; x <= MS; x++)
        for(int y = 0; y <= MS; y++)
            Max[x][y] = -INF;
    for (int i = 1; i <= n; i++)
    {
        LL a;
        cin >> a;
        int x =, y = a & MS;
        LL v =;
        for (int z = 0; z <= MS; z++)
            to_max(v,);
        for (int z = 0; z <= MS; z++);
        to_max(ans, v); 
    }
    cout << ans << endl;
    return 0;
}

(1) ① 处应填( )。

A. x >>= 1

B. x ^= x & (x ^ (x + 1))

C. x -= x | -x

D. x ^= x & (x ^ (x - 1))

(2) ② 处应填( )。

A. (a & MS) << B

B. a >> B

C. a & (1 << B)

D. a & (MS << B)

(3) ③ 处应填( )。

A. -INF

B. Max[y][x]

C. 0

D. Max[x][y]

(4) ④ 处应填( )。

A. Max[x][z] + w(y ^ z)

B. Max[x][z] + w(a ^ z)

C. Max[x][z] + w(x ^ (z << B))

D. Max[x][z] + w(x ^ z)

(5) ⑤ 处应填( )。

A. to_max(Max[y][z], v + w(a ^ (z << B)))

B. to_max(Max[z][y], v + w((x ^ z) << B)

C. to_max(Max[z][y], v + w(a ^ (z << B)))

D. to_max(Max[x][z], v + w(y ^ z))

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